Решение задач по комбинаторике презентация

Я ЗАПОМНЮ, ВОВЛЕКИ МЕНЯ – И Я ПОЙМУ. (ДРЕВНЯЯ КИТАЙСКАЯ МУДРОСТЬ)

ГОУ СОШ №367
Учитель: Дьяченко И.П.

переводе на русский означает – «сочетать», «соединять».
Комбинаторика раздел математики, посвящённый решению задач выбора и расположения элементов в соответствии с данными условиями. Комбинаторика математический раздел, изучающий вопросы о том, сколько различных комбинаций, подчиненных тем или иным условиям, можно составить из заданных объектов. Комбинаторика раздел математики, который изучает множества (перестановки, размещения, сочетания и перечисление элементов) и отношения на них. Комбинаторика занимается различного рода соединениями, которые можно образовать из элементов некоторого конечного множества.

самых разных специальностей. С комбинаторными задачами приходится иметь дело физикам, химикам, биологам, лингвистам, криптографам и другим специалистам. Комбинаторные методы лежат в основе решения многих задач теории вероятностей и ее приложений.

Типы соединений:
Перестановки
Размещения
Сочетания

Существуют две схемы выбора элементов:
Без повторений
С повторениями

до этого числа включительно. Обозначается с восклицательным знаком в конце. n! = 1 · 2 · 3 · 4 · … · (n-2) · (n-1) · n Случай 0! определен и имеет значение 0!=1, соответствующее комбинаторной интерпретации комбинации нуля объектов, другими словами, есть единственная комбинация нуля элементов, а именно: пустое множество.

1 2! = 1 · 2 = 2 3! = 1 · 2 · 3 = 6 4! = 1 · 2 · 3 · 4 = 24 5! = 1 · 2 · 3 · 4 · 5 = 120 6! = 1 · 2 · 3 · 4 · 5 · 6 = 720 7! = 1 · 2 · 3 · 4 · 5 · 6 · 7 = 5040 8! = 1 · 2 · 3 · 4 · 5 · 6 · 7 · 8 = 40320 9! = 1 · 2 · 3 · 4 · 5 · 6 · 7 · 8 · 9 = 362880 10! = 1 · 2 · 3 · 4 · 5 · 6 · 7 · 8 · 9 · 10 = 3628800

n! Например: (5 + 1)! = (5 + 1) · 5! Действительно 6! = (1 · 2 · 3 · 4 · 5) · 6 = 720 А значение (1 · 2 · 3 · 4 · 5) = 5! = 120

Существует 8 мест, которые должны занять 8 человек. На первое место может стать любой из 8 человек, т.е. способов
занять первое место – 8. После того, как один человек стал на первое место, осталось 7 мест и 7 человек, которые могут быть на них размещены, т.е. способов занять второе место – семь. Аналогично для третьего, четвертого и т.д. места.
Используя принцип умножения, получаем произведение 8*7*6*5*4*3*2*1. Такое произведение обозначается как 8! (читается 8 факториал) и называется перестановкой P8.

друг от друга лишь порядком входящих в них элементов. формула для нахождения количества перестановок без повторений:

если каждая цифра входит в число только один раз?

Решение.

Pn = 4! = 1*2*3*4 = 24

мест. Сколькими способами можно рассадить пятерых детей?
У Лены есть 8 разных красок. Она хочет написать ими слова “Новый Год”. Сколькими способами она может это сделать, если каждая буква должна быть раскрашена одним цветом и все 8 букв должны быть разными по цвету?

образующих элементов имеются одинаковые. В таких соединениях участвуют несколько типов объектов, причём имеется некоторое количество объектов каждого типа. Поэтому в выборках встречаются одинаковые. формула для нахождения количества перестановок с повторениями:

5 дней она даёт сыну по одному фрукту. Сколькими способами это может быть сделано?
Сколькими способами можно положить 28 различных открыток в 4 одинаковых конверта так, чтобы в каждом конверте было по 7 открыток?

способами можно усадить за стол 3 мальчиков и 3 девочек так, чтобы никакие 2 девочки не сидели рядом?
Сколькими способами можно разложить 28 различных предметов по 4 различным ящикам так, чтобы в каждом ящике оказалось по 7 предметов?
Сколькими способами можно переставлять буквы слова “огород”, чтобы 3 буквы “O” не шли подряд?
Сколькими способами можно разместить 12 человек за столом, на который поставлено 12 приборов?
Сколько пятизначных чисел, не содержащих одинаковых цифр, можно записать с помощью цифр 1,2,3,4 и 5 так, чтобы
а) последней была цифра 4;
б) первой была цифра 2, а второй 3?

элементов по m.  При этом два соединения считаются различными, если они либо отличаются друг от друга хотя бы одним элементом, либо состоят из одних и тех же элементов, но расположенных в разном порядке.  
формула для нахождения количества размещений  без повторений:

командира. Сколькими способами это можно сделать?

Решение.
Сначала выбирают звеньевого, затем санитара, и наконец командира. Каждый может быть выбран звеньевым, поэтому существует 12 возможностей, для выбора санитара остаётся 11 возможностей, а выбор командира уже 10 способов. Следовательно, всего получается 12х11х10 =1320 способов, что бы выбрать трёх учеников из 12 т.е. A123 = 12х11х10 = 1320

Задача

по m. При этом  каждый из n элементов может содержаться сколько угодно раз или вообще отсутствовать. 
формула для нахождения количества размещений  с  повторениями:

5 дней она даёт сыну по одному фрукту. Сколькими способами это может быть сделано?
Сколькими способами можно положить 28 различных открыток в 4 одинаковых конверта так, чтобы в каждом конверте было по 7 открыток?

по k, составленные из этих элементов и отличающиеся друг от друга только составом.
 
формула для нахождения количества сочетаний без  повторений:

Число таких сочетаний

из них на обед. Сколько у него способов это сделать?

Решение.
Здесь рассматриваются сочетания без повторения

по m, составленные из этих элементов без учета порядка с возможностью многократного повторения предметов.

формула для нахождения количества сочетаний с  повторениями:

слоёные. Сколькими способами можно купить 7 пирожных?
В почтовом отделении продают открытки десяти видов. Сколькими способами можно купить в нём 12 открыток?

изменяется только их местоположение.
В случае размещений берётся только часть элементов и важно расположение элементов друг относительно друга.
В случае сочетаний берётся только часть элементов и не имеет значения расположение элементов друг относительно друга.

задач решается с помощью двух основных правил — правила суммы и правила произведения.

другой объект В можно выбрать n способами, то выбор «либо А, либо В» можно осуществить (m+n) способами. При использовании правила суммы надо следить, чтобы ни один из способов выбора объекта А не совпадал с каким-либо способом выбора объекта В. Если такие совпадения есть, правило суммы утрачивает силу, и мы получаем лишь (m + n - k) способов выбора, где k—число совпадений.

ПРАВИЛО СУММЫ

он может положить в эти карманы две одинаковые монетки?

правило умножения, то некоторые способы учтем дважды. Поэтому надо отдельно рассмотреть два случая:
- Вася кладет монетки в разные карманы. Получим три случая:

можно разместить в карманах 3+3=6 способами.

могут происходить одновременно. В итоге надо сложить число способов из каждого случая. Такой прием называют правилом сложения.

а во 2 - 3 шт. Сколькими способами можно вытащить 1 шар?

Решение.
Из 1 ящика шар можно вытащить 5-ю способами, а из второго 3-мя. Значит, всего 5+3=8 способов.

синих и 2 красных. Сколькими способами можно взять из ящика один цветной шар? Под цветным шаром подразумевается красный или синий.




Решение.
Цветных шаров (7+2)=9
Взять один из низ (синий или красный) можно девятью способами

алгебре, 4 книги по геометрии и 5 книг по литературе. Сколькими способами можно взять с полки книгу по математике? Под книгой по математике подразумевается книга по алгебре или по геометрии.


Решение.
Книг по математике (3+4)=7.
Взять одну из них можно семью способами

существует различных вариантов для получения первого места в этой олимпиаде?

Решение.

Первое место может занять один из участников олимпиады.
Всего участников олимпиады (7+18)=25.
Вариантов для получения первого места двадцать пять.

такого выбора объект В можно выбрать n способами, то выбор пары (А,В) в указанном порядке можно осуществить mn способами.
При этом число способов выбора второго элемента не зависит от того, как именно выбран первый элемент.

ПРАВИЛО ПРОИЗВЕДЕНИЯ

расположить в виде прямоугольной таблицы, в которой m строк и n столбцов.

содержит mnр элементов (р - число элементов в множестве С). Действительно, карточек вида abc1 столько, сколько элементов в А×В, т.е. mn, столько же карточек вида abc2 и т.д. В этом случае А× В×С можно представить в виде прямоугольного параллелепипеда.

один за другим некоторые p элементов. Если первый элемент можно выбрать способами, после чего второй элемент можно выбрать из оставшихся элементов способами, затем третий элемент - способами и т.д., то число способов, которыми могут быть выбраны все k элементов, равно произведению

элементов в А1, n2 - в А2 и т.д. Доказывается это утверждение индукцией по р аналогично рассмотренному выше переходу от p=2 к p=3.

различными способами, после каждого выбора объекта а1 объект а2 можно выбрать n2 различными способами,..., после каждого выбора объектов а1, а2,..., аp-1 объект аp можно выбрать nр различными способами. Тогда количество способов, которыми можно выбрать а1, а2, ..., аp равно n1n2...np.

состояний, из которых выбирается объект ак, то nк - число элементов множества Ак (k=1,2,...,р), и мы получаем известную нам формулировку правила умножения.

согласные


гласные

Каждому выбору из двух гласных соответствует 3 варианта выбора согласной буквы.
Всего вариантов имеем:
2*3=6

МИНУС

9*10*10*10=9000

медали: золотая, серебряная и бронзовая. Сколькими способами эти медали могут быть распределены между командами.
Решение.




Для каждой из 16 команд, претендующих на золото, есть 15 команд, претендующих на серебро. А для каждой из 15 команд, претендующих на серебро, есть 14 команд, претендующих на бронзу.
Всего вариантов имеем 2*3=6.

слова, тогда ее можно выбрать 8 способами, т.е. n1 = 8; вторую букву а2 можно выбрать 7 способами, т.е. n2 = 7 и т.д. По правилу умножения число всех комбинаций равно
8·7·. .. ·2·1.

=1,2,3,4). Тогда n1 = 8,n2 = 7, n3=6, nА = 5 и по правилу произведения сразу получаем ответ:
8·7·6·5 = 1680.
Ответ: 1680.

раз.
В центре того, что получилось, он проделал дырку, а потом снова развернул лист.
Сколько дырок он увидел?

Решение.
Каждое складывание увеличивает толщину (в листах) бумаги в два раза. Дима складывал бумагу три раза и получил толщину 2*2*2=8. Дырки получатся на каждом листе. Итого 8 дырок.

освещения коридора?
Решение.
Для каждой лампочки возможны два исхода, а лампочек три, значит
2×2×2=8

3 красных шара. Сколькими способами можно вытащить 1 зелёный и 1 красный шар?

Решение.
Зелёный можно выбрать 5-ю способами, а красный – 3-мя. Значит, 1 зелёный и 1 красный можно выбрать 3х5 = 15 способами.

Бабы-Яги до Кикиморы - две дороги. Сколькими способами можно пройти от Кащея до Кикиморы, заходя к Бабе-Яге?

К.

К.

Б.Я.

ведущих от Кащея к Бабе-Яге, можно продолжить двумя способами. Следовательно, всего получаем 3*2=6 различных путей.
Мы применили одно из самых простых, но самых важных правил комбинаторики- правило умножения.

так, чтобы никакие две из них не находились в одном ряду или одной колонке?
Решение.
1. Располагаем первую шашку в первом столбце – 2 варианта (шашка может лежать или в верхней или в нижней клеточке) .
2. Располагаем вторую шашку во втором столбце – 3-1=2, (2 варианта) где 3 – высота столбца, а 1- количество уже занятых строк.
3. В третьем – 4-2=2 (аналогично).
4. В четвертом – 5-3=2 (аналогично).

Итого 2*2*2*2=16.

выбрать из них одну перчатку на левую руку и одну на правую руку так, чтобы эти перчатки были различных размеров.
Решение.
Перчатка на левую руку может быть выбрана 6 способами. После того, как она выбрана , перчатку на правую руку можно выбрать лишь 5 способами( размеры перчаток должны быть разными). Поэтому всего имеет 6 * 5=30 способами.

медали по итогам олимпиады, если число команд 15?
Решение.
На золотую медаль претендуют 15 команд, на серебряную-14 команд (одна получит золотую медаль). По правилу произведения получаем 15*14=210 способа.

Задача

только назвать самую красивую из них, но и указать, кто на «втором и третьем местах. Сколько есть вариантов ответа?


Решение.

На первое место Парис может выбрать тремя способами, на второе- двумя способами(одна претендентка уже находится на первом месте), на третье место- одним способом. Поэтому всего имеем 3*2*1=6 способов.

согласную буквы из слова « здание».
Сколькими способами можно указать на шахматной доске два квадрата -белый и черный? Решите эту задачу, если нет ограничений на цвет квадратов: если надо выбрать два белых квадрата.
Десять участников конференции обменялись рукопожатиями, пожав каждый каждому руку. Сколько всего рукопожатий было сделано?
Сколько различных шифров можно набрать в автоматической камере хранения, если шифр составляется с помощью любой из тридцати букв русского алфавита с последующим трехзначным числом?
На олимпиаду школа должна набрать команду из трех участников: одного из трех лучших надо выбрать для участия в олимпиаде по химии, одного из четырех -по физике, одного из семи- по математике. Сколькими способами можно составить такую команду?
Сколько различных трехзначных чисел, не имеющих одинаковых цифр, можно записать с помощью цифр 1,2 и 3?
Сколькими способами можно составить можно составить расписание уроков на один день из шести разных учебных предметов?
Десять участников конференции обменялись визитными карточками (каждый вручил свою карточку всем другим участникам). Сколько всего карточек было роздано?
Имеется 8 видов конвертов без марок и 5 видов марок. Сколькими способами можно выбрать конверт и марку для отправки письма?
В корзине лежит 12 яблок и 10 апельсинов. Ваня выбирает либо яблоко, либо апельсин, после чего Надя выбирает из оставшихся фруктов и яблоко, и апельсин. Сколько возможно таких выборов? При каком выборе Вани у Нади больше возможностей выбора?

является перебор элементов некоторого конечного множества. Особая примета комбинаторных задач – вопрос, который   можно сформулировать таким образом, что он начинался бы словами: •    Сколькими способами…? •    Сколько вариантов…?

понять её смысл, то есть, представить мысленно процесс или действие, описанное в задаче. Нужно чётко определить тип соединений в задаче, а для этого надо, составив несколько различных комбинаций, проверить повторяются ли элементы, меняется ли их состав, важен ли порядок элементов.

соединения, то нужно понять, как влияют или не влияют эти ограничения на соединения.

задачи, то не плохо было бы попытаться разобраться в более лёгкой задаче, например в той, в которой не учитываются ограничения, если они есть в исходной задаче, или же в задаче, в которой рассматривается меньшее количество элементов, тогда проще будет понять принцип образования выборок.

то нужно просто разбить задачу на подзадачи.

комбинаций в этой задаче. Для этого надо составить несколько комбинаций и постараться определить их вид. На схеме показано как это сделать.

можно выполнить n1 способами …, то все k действий вместе могут быть выполнены n1 × n2× n3 × …× nk способами.
Множество С, которому принадлежат все те и только те элементы, которые входят либо в А, либо в В, называется суммой или объединением множеств А и В и обозначается С = А ∪В.
Множество С, которому принадлежат те и только те элементы, являющиеся общими для множеств А и В (элементы, которые входят в оба эти множества), называется пересечением множеств А и В и обозначается С = А ∩В.
Число элементов суммы множеств. N(A ∪B) = N(A) + N(B) – N(A ∩B)
n! = 1×2 ×… ×n
Комбинации из n-элементов, отличающиеся друг от друга только порядком расположения в них элементов, называются перестановками из n элементов Р = n!
Комбинации из n элементов по k , отличающиеся друг от друга лишь составом элементов, называются сочетаниями из n элементов по k. Количество сочетаний можно посчитать по формуле

Комбинации из n элементов по k, отличающиеся друг от друга либо
составом элементов, либо порядком их расположения, называются
размещениями из n элементов по k (k≤n).

черный квадраты, не лежащие на 1 горизонтали или вертикали?

Решение.

Белый квадрат можно выбрать 32 способами(произвольными). Черный квадрат- 24 способами(32-8, лежащих на 1 горизонтали, или вертикали с выбранным белым). По правилу произведения получаем искомое число 768.

окружности могут пересечься в двух точках.
Третья окружность пересечется с каждой из имеющихся окружностей тоже в двух точках, т. е добавятся еще 2 * 2 = 4 точки.
Добавление каждой следующей окружности увеличивает число точек на величину, равную удвоенному количеству уже имеющихся окружностей.
Итого : 2 + 2*2 + 2*3 + 2*4 + 2*5 + 2*6 + 2*7 = 2* (1 + 2 + 3 + 4 + 5 +6 + 7 ) = 56

другого- 9 книг. Сколькими способами они могут обменять 3 книги одного на 3 книги другого?
Решение.
Найдем, сколько троек из 7 книг можно составить у первого человека:




По правилу произведения находим число обменов: 35*84=2940.

Число троек из 9 книг у второго человека равно

способами это можно сделать?
Решение.
Имеем размещение с повторениями из 6 элементов (в 6 луз) по 15(15 шаров). Их число равно

b(2 сержанта из 6) можно выбрать , элемент с(20 солдат из 60) .

По правилу произведения находим число выбора 3*30* = 90* .

Задача

Рота состоит из 3 офицеров, 6 сержантов и 60 рядовых. Сколькими способами можно выделить из них отряд, состоящий из офицера, 2 сержантов и 20 рядовых?
Решение.

черную ладью так, чтобы они не били друг друга?
Решение.
Выбор объекта а1 - поля для белой ладьи - может быть сделан n1 = 64 способами. Независимо от выбора этого поля белая ладья бьет 15 полей, поэтому для черной ладьи остается 64-15 =49 полей: n2 = 49.
Ответ: число расстановок ладей равно 64 · 49 = 3136.

они не били друг друга?
Решение.
Очевидно, что на каждой горизонтали и на каждой вертикали должна стоять только одна ладья. Будем расставлять ладьи последовательно, начиная с первой горизонтали. На первой горизонтали 8 клеток, и первую ладью можно поставить на любую из них. Когда мы будем ставить вторую ладью, то на второй горизонтали ей будут доступны 7 клеток и т.д. По правилу произведения получаем, что всего таких позиций 8!

то число перестановок ладей равно
64 · 49 · 36 · 25 · 16 · 9 · 4 · 1 = (8!)²
Действительно, для первой ладьи можно выбрать любое поле доски размером 8×8, вторая ладья фактически ставится на квадратную доску 7×7 (мы удалили одну горизонталь и одну вертикаль и «сдвинули» оставшиеся части доски) и т.д.
Зафиксируем одну из таких расстановок различных ладей. Число перестановок ладей на выделенных полях равно 8! (результат предыдущего примера).
Если мы считаем ладьи одинаковыми, то (8!)² позиций разбиваются на классы по 8! позиций в каждом, и все позиции данного класса будут одинаковыми. Поэтому число перестановок одинаковых ладей равно
(8!)² /8!= 8!, что совпадает с ранее полученным ответом.

то, переставляя их, можно было бы получить 13! слов. Но в нашем слове буквы к, о, и, а встречаются по два раза. Обозначим их к1,к2,о1,о2,и1,и2,а1,а2. Ясно, что слова, отличающиеся перестановкой букв к1ик2 - одинаковые, так что 13! Слов разбиваются на пары одинаковых. Следовательно, если мы не различаем к1 и к2, то число всех слов будет равно 13!/2!. Но эта совокупность также разбивается на пары одинаковых с точки зрения буквы “о„ слов и т.д.

Ответ: = 13_! = 13!
2!2!2!2! 16

Сколько существует четырехзначных чисел, в записи которых есть хотя бы одна четная цифра?

Решение.
1) Всего нечетных цифр — пять, поэтому выбор к-й цифры числа может быть сделан nк =5 способами (к =1, 2, 3, 4) а количество четырехзначных чисел, у которых все цифры нечетные, равно 5·5·5·5 = 625.

те, в записи которых все цифры нечетные, и те, в записи которых есть хотя бы одна четная цифра. Следовательно, количество чисел второго типа равно 9000-625=8375.
Ответ: 8375.

костей домино так, чтобы кости, входящие в пару, можно было приложить друг к другу?

где можно считать, что а ≤ b.
Выберем первую кость - это можно сделать 28 способами, из них в 7 случаях кость окажется дублем, т.е. кость вида aa, а в 21 случае — кость вида ab, а < b . В первом случае вторую кость можно выбрать 6 способами, а число способов выбора пары костей по правилу произведения равно 7 · 6 = 42 .
Во втором случае вторую кость можно выбрать 12 способами — 6 костей вида a|* и 6 костей вида *|а ,а число способов выбора пары равно 21·12 = 252.
Следовательно по правилу суммы всего получается 42 + 252 = 294 способа выбора упорядоченной пары.
Ответ: 147 пар.

0, 1,2, ..., 9 при условии, что цифры в записи числа не повторяются?

случае остальные пять цифр можно выбирать из множества {1,2, ..., 9}
9!
и число вариантов равно А9 = — = 15120. Если число
4!
oканчивается цифрой 5, то в качестве первой цифры можно взять любую из восьми цифр 1, 2, 3, 4, 6, 7, 8, 9 - нельзя использовать 0, т.к. число должно быть шестизначным. Цифры со второй по четвертую можно выбрать
A8 = 1680 различными способами. Следовательно, по правилу произведения имеется 8·A8 чисел, оканчивающихся цифрой 5. По правилу суммы находим, сколько существует чисел, удовлетворяющих условию задачи.
А9 +8·A8 = 28560.
Ответ: 28560.

5

4

4

5

4

5

5

нападающих. Сколькими способами тренер может образовать стартовую шестерку, состоящую из вратаря, двух защитников и трех нападающих?

Решение.
Вратаря можно выбрать способами, защитников - способом, нападающих –
способами. Всего, по правилу произведения, существует 2 · 21 · 120 = 5040 способов выбора стартовой шестерки.
Ответ: 5040.

пары параллельных прямых и ни одной тройки прямых, пересекающихся в одной точке. Найти число точек пересечения этих прямых и число треугольников, образованных этими прямыми.
Решение.
Число точек пересечения прямых равно числу способов выбора неупорядоченной пары прямых, т.е. . Аналогично, каждый треугольник определяется тройкой прямых, поэтому общее число треугольников равно ..
Ответ: и .

комбинаторике надо составить 4 варианта по 7 задач в каждом. Сколькими способами можно разбить 28 задач на 4 варианта?
Решение.
Задачи для первого варианта можно выбрать способами. После этого останется 21 задача, так что второй вариант можно составить способами. Для третьего варианта задачи можно выбрать способами, а для четвертого - = 1 способом.

Но так как варианты равноправны, то полученное число надо разделить на 4!
Ответ: =

+ x) коэффициенты при х и х равны.

в том и только том случае, когда они занимают клетки, равноудаленные от крайних. Действительно, треугольник Паскаля симметричен:
, а при движении от края к середине строки коэффициенты возрастают: при
и при

и только тогда, когда 12 = n-5, т.е. n= 17.
Ответ: n = 17.

(1 + х +х ) .

=

Так как уравнение 5k2 + 9к3 =19 имеет только одно решение в неотрицательных числах k2=2,
k3 = 1, то коэффициент при х равен

. Тогда

Рассмотрим k-е слагаемое (0≤k≤30):



Такое слагаемое будет содержать х , если для некоторого т выполняется равенство 5k + 4m = 19. Ясно, что это возможно только при k=3 и т=1. Следовательно, коэффициент при х равен
=12180.

задачи, в которых требуется из элементов составить различные наборы, подсчитать количество всевозможных комбинаций элементов, составленных по определённому правилу. На практике часто приходится делать перебор определённого количества данных. Например, учителю приходится распределять различные виды работ между группами учащихся, офицеру выбирать из солдат наряд, агроному размещать культуры на полях, завучу составлять расписание и т.д. В данном случае речь идёт о всевозможных комбинациях объектов. Задачи такого типа называются комбинаторными задачами. Область математики, в которой изучают комбинаторные задачи, называется комбинаторикой. Как самостоятельный раздел математики комбинаторика оформилась в Европе в XVIII веке. Некоторые комбинаторные задачи решали в Индии во II веке до н. э., в Древнем Китае, позднее в Римской империи.

Немного истории

Лейбниц(1.07.1646 - 14.11.1716) - всемирно известный немецкий учёный, занимался философией, математикой, физикой, организовал Берлинскую академию наук и стал её первым президентом. В 1666 году Лейбниц опубликовал "Рассуждения о комбинаторном искусстве". В своём сочинении Лейбниц ввел специальные символы, термины для подмножеств и операций над ними. В течение всей своей жизни Лейбниц многократно возвращался к идеям комбинаторного искусства. Комбинаторику он понимал весьма широко, именно, как составляющую любого исследования, любого творческого акта, предполагающего сначала анализ (расчленение целого на части), а затем синтез (соединение частей в целое). Комбинаторике Лейбниц предрекал блестящее будущее, широкое применение. В XVIII веке к решению комбинаторных задач обращались выдающиеся математики.

Г.В. Лейбниц

циклических расстановках, о построении магических и латинских квадратов. В 1713 году было опубликовано сочинение Я. Бернулли "Искусство предположений", в котором с достаточной полнотой были изложены известные к тому времени комбинаторные факты. Сочинение состояло из 4 частей, комбинаторике была посвящена вторая часть, в которой содержатся формулы. Для вывода формул автор использовал наиболее простые и наглядные методы, сопровождая их многочисленными таблицами и примерами. В работах Я. Бернулли и Лейбница тщательно изучены свойства сочетаний, размещений, перестановок.

Л. Эйлер

Я. Бернулли

17 2004г.
2) В.Н. Студенецкая "Решение задач по статистике, комбинаторики и теории вероятности", издательство Учитель, Волгоград, 2006г.
3) Я.И. Перельман "Веселые задачи", Москва, издательство Транзиткнига, 2005г.
4) Виленкин Н.Я. «Индукция. Комбинаторика», М. «Просвещение», 1976 г.
5) Виленкин Н.Я. Популярная комбинаторика. — М.: Наука, 1975.
6) Виленкин Н.Я. «Алгебра и математический анализ для 11 класса», М.:Просвещение, 1993.
7) Глейзер Г.И. «История математики в средней школе», М.: «Просвещение», 1970 г.
8) Журналы «Математика в школе» №№4, 5, 2002, №№3-5, 2003.
9) Ларичев П.А. «Сборник задач по алгебре», ч.2, М.: «Просвещение», 1953 г.
10) Кутасова А.Д., Пиголкина Т.С, Чехлов В.И., Яковлева Т.Х., Пособие по математике для поступающих в вузы. /под ред. Г.Н. Яковлева - M.: Наука, 1988.
11) Антипов И.Н., Березин В.Н., Егоров А.А. и др. «Методика факультативных занятий в 9-10 классах», М.: «Просвещение», 1983 г.
12) Генкин С.А., Итенберг И.В., Фомин Д.В. Ленинградские математические кружки. — Киров, 1994.

кл. с углубл. изуч. математики. М.: Мнемозина, 2004.
15) Макарычев Ю.Н., Миндюк Н.Г. «Алгебра: Элементы статистики и теории вероятностей». Учеб.пособие для уч-ся 7-9 кл. М.:Просвещение, 2003.
16) Мордкович А.Г., Семенов П.В. «События. Вероятности. Статистическая обработка данных» Доп.параграфы к курсу алгебры 7-9 кл. М.:Мнемозина, 2004.
17) Ткачева М.В., Федорова Н.Е. «Элементы статистики и вероятность» Уч.пособие для 7-9 кл. М.:Просвещение, 2004.
18) Левитас Г.Г. «Комбинаторика». Пособие для проведения факультативных занятий в 10-11 классах. М., 1998.
19) Цыганов Ш. «Комбинаторика от А до Я» Математика (Приложение к газете «1 сентября», №26-28). 2001